最后更新: 2025-01-22 08:55 ● 参与者查看: 13 次纠错分享参与项目词条搜索

鸽笼原理的加强形式

定理5．3 设 $q_1, q_2, \cdots, q_n$ 都是正整数，若把 $q_1+q_2+\cdots+q_n-n+1$ 个元素分成 $n$ 个组，则
必然发生：或者第一组中至少有 $q_1$ 个元素；或者第二组中至少有 $q_2$ 个元素；$\cdots$ ；或者第 $n$ 组中至少有 $q_n$ 个元素。

证明：用反证法证明。若结论不成立，则对于 $i=1,2, \cdots, n$ ，第 $i$ 个组中至多有 $q_i-1$ 个元素，则 $n$ 个组的元素个数的总和不超过

$$
\sum_{i=1}^n\left(q_i-1\right)=q_1+q_2+\cdots+q_n-n
$$

这就导致矛盾。
由此定理立即可得 $q_1=q_2=\cdots=q_n=r$ 时的特殊情况。
推论5．1 若将 $n(r-1)+1$ 个元素分成 $n$ 个组，则至少有一个组中含有 $r$ 个或者更多的元素（这里 $n, ~ r$ 皆为正整数）。

推论5．2 若 $n$ 个正整数 $m_1, m_2, \cdots, m_n$ 的平均数满足不等式：

$$
\frac{m_1+m_2+\cdots+m_n}{n}>r-1
$$

则 $m_1, m_2, \cdots, m_n$ 中至少有一个不小于 $r_{\text {。 }}$
证明：因为 $\left(m_1+m_2+\cdots+m_n\right)>(r-1) n$ ，故

$$
\left(m_1+m_2+\cdots+m_n\right) \geqslant(r-1) n+1
$$

这就相当于把不少于 $n(r-1)+1$ 个元素分成 $n$ 个组，而 $m_i$ 就是第 $i$ 个组中的元素个数。由推论 5.1 知，必存在 $m_i$ 使得 $m_i \geqslant r$ 。

例 5.6 两个同心圆盘，将其圆周都均分为 200 段，从大盘上任选 100 段涂上红色，其余涂上蓝色，而在小盘的每个小段上任意涂上红色或蓝色。证明在旋转小盘时可以找到某个位置，使得小盘上至少有 100 个小段与大盘上对应段颜色相同。

证明：固定大盘，对小盘上任一段，在它旋转过程中，都将经历大盘上所有的 200 个段，从而构成 200 种颜色组合，其中同色的恰有 100 组。因小盘上共有 200 段，故小盘上的所有段在旋转一周后，与大盘对应段构成的同色组共有 20000 个。而旋转一周，将移动 200 次。设第 $i$ 次移动时产生的同色组个数为 $m_i$（这里 $i=1,2, \cdots, 200$ ），则总的同色组个数就是 $m_1+$ $m_2+\cdots+m_{200}=20000$ ，因此 200 个整数 $m_1, ~ m_2, ~ \cdots, m_{200}$ 的平均数满足下述不等式： $20000 / 200=100>100-1$ 。由推论 5.2 得，必存在某个位置，使得小盘上至少有 100 个小段与大盘上对应段颜色相同。

例 5.7 设 $a_1, a_2, \cdots, a_{n^2+1}$ 是 $n^2+1$ 个不同实数的序列，则必可从此序列中选出 $n+1$ 个数的子序列，使这子序列为递增序列或递减序列。

证明：若存在长度为 $n+1$ 的递增序列，结论成立。
若不存在长度为 $n+1$ 的递增序列，设 $m_k$ 为从 $a_k$ 开始的递增子序列的最大长度，则有 $1 \leqslant$ $m_k \leqslant n$ 。这样有 $m_1, m_2, \cdots, m_{n^2+1}$ 共 $n^2+1$ 个数。又因 $m_k$ 的取值为 $1,2, \cdots, n$ ，这相当于把 $n^2+1$ 个元素分成 $n$ 个组，现在

$$
\frac{n^2+1}{n}=n+\frac{1}{n}>n=(n+1)-1 \text { 。 }
$$

由推论 5.2 知必存在 $n+1$ 个数是相同的，即：

$$
m_{k 1}=m_{k 2}=\cdots=m_{k_{n+2}}=l\left(l \leqslant k_1<k_2 \leqslant \cdots<k_{n+1} \leqslant n^2+1\right)
$$

这样即得到一个子序列

$$
a_{k_1}, a_{k_2} \cdots a_{k_{n+1}\left(l \leqslant k_1<k_2<\cdots<k_{n+1} \leqslant n^2+1\right)}
$$

下面证明这是一个递减序列。
若不是递减序列，则存在 $i$ ，使得 $a_{k_i}<a_{k_{i+1}}$ 。因为 $k_i<k_{i+1}$ ，故可在以 $a_{k_{i+1}}$ 开始的最长递增子序列前边加上 $a_{k_i}$ ，则得到一个长度为 $l+1$ 的以 $a_{k_i}$ 开始的递增子序列，即 $m_{k_i} \geqslant l+1$ ，与 $m_{k_i}=l$ 矛盾，所以 $a_{k_i} \geqslant a_{k_{i+1}}$ 。

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