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高中数学
第五章 三角函数
半角公式
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2025-05-29 19:34
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半角公式
## 半角公式 用 $\alpha$ 角的三角函数来表示 $\frac{\alpha}{2}$ 的角的三角函数的公式称为半角三角函数公 式. 在倍角公式: $$ \cos 2 \alpha=1-2 \sin ^2 \alpha, \quad \cos 2 \alpha=2 \cos ^2 \alpha-1 $$ 里, 用 $\frac{\alpha}{2}$ 代替 $\alpha$, 就得到 $$ \cos \alpha=1-2 \sin ^2 \frac{\alpha}{2}, \quad \cos \alpha=2 \cos ^2 \frac{\alpha}{2}-1 $$ 所以 $$ \sin ^2 \frac{\alpha}{2}=\frac{1-\cos \alpha}{2}, \quad \cos ^2 \frac{\alpha}{2}=\frac{1+\cos \alpha}{2} $$ 由于 $0 \leq \sin ^2 \frac{\alpha}{2} \leq 1,0 \leq \cos ^2 \frac{\alpha}{2} \leq 1$, 故知 $$ 0 \leq \frac{1 \pm \cos \alpha}{2} \leq 1 $$ 两边开平方, 得 $$ \sin \frac{\alpha}{2}= \pm \sqrt{\frac{1-\cos \alpha}{2}}, \quad \cos \frac{\alpha}{2}= \pm \sqrt{\frac{1+\cos \alpha}{2}} $$ 当 $\alpha \neq(2 k+1) \pi$ 时, $\cos \frac{\alpha}{2} \neq 0$ 且 $\cos \alpha \neq-1 ;$ 上面两个等式的两边相除, 得到 $$ \tan \frac{\alpha}{2}= \pm \sqrt{\frac{1-\cos \alpha}{1+\cos \alpha}} $$ 下面三个公式称为半角的三角函数公式: $$ \boxed{ \begin{aligned} \sin \frac{\alpha}{2} & = \pm \sqrt{\frac{1-\cos \alpha}{2}} \\ \cos \frac{\alpha}{2} & = \pm \sqrt{\frac{1+\cos \alpha}{2}} \\ \tan \frac{\alpha}{2} & = \pm \sqrt{\frac{1-\cos \alpha}{1+\cos \alpha}} \end{aligned} } $$ 其中: $\alpha \neq(2 k+1) \pi$. 至于根号前正号或负号的选取是依半角的终边位于什么象限内而定. `例` 已知, $\cos \alpha=0.6,270^{\circ}<\alpha<360^{\circ}$ 求 $\sin \frac{\alpha}{2}, \cos \frac{\alpha}{2}$ 和 $\tan \frac{\alpha}{2}$. 解:因为已知 $270^{\circ}<\alpha<360^{\circ}$, 所以 $135^{\circ}<\frac{\alpha}{2}<180^{\circ}$ 这时可以肯定 $\frac{\alpha}{2}$ 角是第一象限的角, 所以 $\sin \frac{\alpha}{2}$ 的值是正的, $\cos \frac{\alpha^2}{2}$ 和 $\tan \frac{\alpha}{2}$ 的值是负的, 因此得到 $$ \begin{aligned} & \sin \frac{\alpha}{2}=\sqrt{\frac{1-\cos \alpha}{2}}=\sqrt{\frac{1-0.6}{2}}=\frac{\sqrt{5}}{5} \\ & \cos \frac{\alpha}{2}=-\sqrt{\frac{1+\cos \alpha}{2}}=-\sqrt{\frac{1+0.6}{2}}=-\frac{2 \sqrt{5}}{5} \\ & \tan \frac{\alpha}{2}=-\sqrt{\frac{1-\cos \alpha}{1+\cos \alpha}}=-\sqrt{\frac{1-0.6}{1+0.6}}=-\frac{1}{2} \end{aligned} $$ `例` 已知 $\cos \alpha=-\frac{1}{3}$, 求 $\sin \frac{\alpha}{2}$. 解:因为 $\cos \alpha=-\frac{1}{3}<0$, 所以 $\alpha$ 角是第二或第三象限的角, 即 $$ \frac{\pi}{2}+2 k \pi<\alpha<\pi+2 k \pi $$ 或者 $$ \pi+2 k \pi<\alpha<\frac{3 \pi}{2}+2 k \pi \quad(k \in \mathbb{Z}) $$ 从而由不等式 $(1.22)$ 知道 $$ \frac{\pi}{4}+k \pi<\frac{\alpha}{2}<\frac{\pi}{2}+k \pi \quad(k \in \mathbb{Z}) $$ 当 $k$ 为正、负偶数时, $\frac{\alpha}{2}$ 角是第一象限的角; 当 $k$ 为正、负奇数时, $\frac{\alpha}{2}$ 角是第三象限的角, 因此, 尽管知道 $\alpha$ 是第二象限的角, 也不能确定 $\frac{\alpha}{2}$ 是第几象 限的角, 它可能是第一象限的角, 也可能是第三象限的角, 所以 $\sin \frac{\alpha}{2}$ 的值取符号 “+”号或 “-”号不能确定. 同理, 由不等式 $(1.23)$ 知道 $$ \frac{\pi}{2}+k \pi<\frac{\alpha}{2}<\frac{3 \pi}{4}+k \pi \quad(k \in \mathbb{Z}) $$ 当 $k$ 为正负偶数时, $\frac{\alpha}{2}$ 是第二象限角; 当 $k$ 为正负奇数时, $\frac{\alpha}{2}$ 是第二象限角,因此, 当 $\alpha$ 是第三象限的角时, $\frac{\alpha}{2}$ 可能是第二象限的角或第四象限的角, 所以 $\sin \frac{\alpha}{2}$ 的值的符号不能确定. 根据上面的讨论知道 $$ \sin \frac{\alpha}{2}= \pm \sqrt{\frac{1-\cos \alpha}{2}}= \pm \sqrt{\frac{1+\frac{1}{3}}{2}}= \pm \frac{\sqrt{6}}{3} $$ 从上面的两个例子, 可以知道, 如果能确定 $\alpha$ 角在哪一个固定的区间, 就可以确定角 $\frac{\alpha}{2}$ 在哪一个固定的区间, 这时公式 (1.19)、(1.20)、(1.21) 就能够选取固定的 “+” 号或 “-” 号; 如果只知道角 $\alpha$ 所在象限, 而不知道它在哪一个固定的区间时, 就不能确定角 $\frac{\alpha}{2}$ 在哪一个固定的区间, 这时公式 (1.19)、 $(1.20) 、(1.21)$ 中,就应该保留 “ $\pm$ " ${ }^2$ 号. `例`利用半角公式求 $\cos \frac{\pi}{8}$ 的值(准确到 0.001 ) 解:因为 $\frac{\pi}{8}$ 是第一象限的角, 把它作为 $\frac{\pi}{4}$ 的半角, 使得 $$ \cos \frac{\pi}{8}=\sqrt{\frac{1+\cos \frac{\pi}{4}}{2}}=\sqrt{\frac{1+\frac{\sqrt{2}}{2}}{2}}=\frac{1}{2} \sqrt{2+\sqrt{2}} \approx 0.924 $$ `例`求证: $\tan \frac{\alpha}{2}=\frac{\sin \alpha}{1+\cos \alpha}=\frac{1-\cos \alpha}{\sin \alpha}$ 证明: 因为 $\sin ^2 \alpha=1-\cos ^2 \alpha=(1+\cos \alpha)(1-\cos \alpha)$, 所以: $$ \begin{gathered} \frac{\sin \alpha}{1+\cos \alpha}=\frac{1-\cos \alpha}{\sin \alpha} \\ \text { 又 } \tan \frac{\alpha}{2}=\frac{\sin \frac{\alpha}{2}}{\cos \frac{\alpha}{2}}=\frac{\sin \frac{\alpha}{2} \cdot 2 \cos \frac{\alpha}{2}}{\cos \frac{\alpha}{2} \cdot 2 \cos \frac{\alpha}{2}}=\frac{\sin \alpha}{1+\cos \alpha}, \text { 因此: } \\ \tan \frac{\alpha}{2}=\frac{\sin \alpha}{1+\cos \alpha}=\frac{1-\cos \alpha}{\sin \alpha} \end{gathered} $$ 我们来说明,当 α 是锐角时,这个公式的几何意义,如图 1.4 所示.  在单位圆中, 半径 $|O A|=|O P|=|O B|=1, \angle P O A=\alpha$ (弧度). 于是, $\over
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